牛顿定律的培优题.docx

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1、C.与竖直向下的方向夹角D.以上都不对7.如图甲所示，两物体力、8叠放在光滑水平面上，对物体力施加一水平力R/；一，关系图象如图乙所示。两物体在力/，作用下由静止开始运动，且始终相对静止，那么（）A.23S时间内两物体间的摩擦力逐渐减小B.4对5的摩擦力方向始终与力尸的方向相同C.2S末时力对5的摩擦力对笈做功的瞬时功率最大D.两物体沿直线做往复运动8.如右图所示，竖直面内的固定圆环光滑，两个有孔的小球力和8套在环降落伞上.中间用一根轻绳相连，6处在过圆心的水平线上，绳与水平方向的夹角为30时力、8均保持静止，4的质量为加，以下判断正确的选项是（）A.绳的张力大小等于/的B.力的质量为2加C.

2、剪断细绳的瞬间A的加速度大小为5R2D.剪断细绳的瞬间A的加速度大小为g9.2011四川如图是“神舟”系列航天飞船返回舱返回地面的示意图，假定其过程可简化为：翻开降落伞一段时间后，整个装置匀速下降，为确保平安着陆，需点燃返回舱的缓冲火箭，在火箭喷气过程中返回舱做减速直线运动，那么（）BY返回舱A.火箭开始喷气瞬间伞绳对返回舱的拉力变小B.返回舱在喷气过程中减速的主要原因是空气阻力C.返回舱在喷气过程中所受合外力可能做正功缓冲火箭D.返回舱在喷气过程中处于失重状态10 .如下图，将一三角形斜劈a置于水平地面上，在其光滑斜面上用平行于斜面的细绳系着一个小物块b,现让a和8以共同速度在地面轨道的光滑

3、段向左运动，当它们刚运行至轨道的粗糙段时（）A.绳的拉力减小, B.绳的拉力增加, C.绳的拉力减小, D.绳的拉力增加,方对a的压力减小斜面对A的支持力增加斜面对。的支持力增加斜面对6的支持力减小11 .2012天津河西区如右图所示，劲度系数为的轻弹簧，端固定在一块与水平面夹角为30的粗糙长木板上，另端连接一个质量为，的滑块力，滑块与木板的最大静摩擦力为E设滑块与木板的最大静摩擦力与其滑动摩擦力大小相等，且F即g.高一物理培优91 .以下说法中正确的选项是（）A.只有正在向上运动的物体，才有可能处于超重状态B.超重就是物体所受的重力增加C.物体处于超重状态时，地球对它的引力变大D.超重时物体

4、所受的重力不变2 .2010海南物理8如右图，木箱内有一竖直放置的弹簧，弹簧上方有一物块：木箱静止时弹簧处于压缩状态且物块压在箱顶上.假设在某一段时间内，物块对箱顶刚好无压力，那么在此段时间内，木箱的运动状态可能为（）A.加速下降B.加速上升C.减速上升D.减速下降3 .如下图，四个质量、形状相同的斜面体放在粗糙的水平面上，将四个质量相同的物块放在斜面顶端，因四个物块运动情况不同，物块与斜面的摩擦力不同，a物块匀加速下滑，。物块匀速下滑，C物块匀减速下滑，d物块静止在斜面上，四种情况斜面体均保持静止，四种情况下斜面体对地面的压力依次为、库那么它们的大小关系是（）FFFF&.=&).F=F/F/

5、F4 .如下图，车内绳/力与绳比拴住一小球，小水平，车由原来的静止状态变为向右加速直线运动,小球仍处于图中所示的位置，那么（）A.18绳、6。绳拉力都变大B.力。绳拉力变大，8。绳拉力变小C. 4。绳拉力变大，绳拉力不变D. /仍绳拉力不变，比绳拉力变大5. 2012湖北省百所重点中学联考质量为0. 3 kg的物体在水平面上做直线运动，如下图的两条直线表示物体受水平拉力和不受水平拉力的一下图象，那么以下说法中正确的选项是（）.水平拉力可能等于0.3NB.水平拉力一定等于0.1NC.物体受到的摩擦力可能等于0.1ND.物体受到的摩擦力可能等于0.2N6.倾角为。的光滑斜面上有一质量为勿的滑块正在

6、加速下滑，如下图.滑块上悬挂的小球到达稳定（与滑块相对静止）后悬线的方向是（）A.竖直下垂B.垂直于斜面答案：BCD6 .解析：整体看Q=器in。，球的加速度也为=群in。，方向沿斜面向下，滑块上悬挂的小球到达稳定后悬线的方向垂直于斜面.答案：B7 .解析：因为两物体始终相对静止，因此将两物体看做一个整体可知。=5，加速度与力成正比，然后隔离B受力分析可知，3受到的摩擦力=m刖，结合力产随时间变化图象分析可知，23s时间内两物体间的摩擦力反向逐渐增大，选项A错误；A对8的摩擦力方向始终与力产的方向相同，选项B正确；由受力和运动关系可知，2s末时，两物体运动速度到达最大，而A对5的摩擦力为0,因

7、此A对3的摩擦力对5做功的瞬时功率也是0,选项C错误；分析物体运动可知，物体将做单一方向的运动而不是往复运动，选货D错误.答案：B8 .解析：分别对A、B两球作受力分析知，均为三力平衡，容易解得绳上张力大小等于2mgtA的质量为2mt选项B正确；剪断细绳的瞬间，/1受到轨道的弹力将发生突变，A将沿环下滑，加速度方向沿圆环的切向，”=2号：60。=T应选项C、D错误.答案：B9 .解析：在火箭喷气过程中返回舱做减速直线运动，加速度方向向上，返回施处于超支状态，动能减小，返回舱所受合外力做负功，返回舱在喷气过程中减速的主要原因是缓冲火箱向下喷气而获得向上的反冲力.火需开始喷气前匀速下降拉力等于重力

8、减去返回舱受到的空气阻力，火黄开始喷气瞬间反冲力直接对返回舱作用因而伞蝇对返回舱的拉力变小.答案：A10 .解析：此题考查斜面上的受力分析、牛顿第二定律及正交分解法.斜劈U和物块一起匀速运动时，物块方的重力、绳的拉力和斜面的支排力三力平衡，由平衡条件得FvCos。+*TSil1。一/g=0,户NSin一厂cos=0;当它们运行至粗糙段时，假设、力能相对静止，那么a、b以相同加速度减速运动，加速度方向水平向右，由牛顿第二定律得尸HOSe+fTSine-喏=0,FNSinH-Fg)s，=6。.比照以上旧式，可得绳的张力减小，斜面支持力增大，C项正确.答案：C11 .解析：(1)由于%喳号，因此滑块

9、静止时弹费一定处于伸长状态，设弹簧最小形变量为Xi,根据共点力平衡条件，Arxy=ngsin30o回值mgTFf解得Xl=2k(2)将滑块B固定到八上后，设弹贯伸长量仍为处时两滑块的加速度为a,根据牛顿第二定律2帆gsin30。一l11-2R=2n(1)如果保持滑块在木板上静止不动，弹簧的最小形变量为多大？(2)假设在滑块A上再固定一个同样的滑块6,两滑块构成的整体沿木板向下运动，当弹簧的形变量仍为中所求的最小值时，其加速度为多大？12 .山东省高考调研卷如下图，质量为加=IOkg的两个相同的物块从以它们之间用轻绳相连)放在水平地面上，在方向与水平地面成=37角斜向上、大小为100N的拉力尸作

10、用下，以大小为o=4.0m/s的速度向右做匀速直线运动，求剪断轻绳后物块/1在水平地面上滑行的距离.(取当地的重力加速度炉=IOms2,sin37o=0.6,cos370=0.8)13 .图示为仓库中常用的皮带传输装置示意图，它由两台皮带传送机组成，一台水平传送，力、8两端相距3m,另一台倾斜，其传送带与地面的倾角J=37,C、两端相距4.45m,B、C相距很近.水平局部48以%=5m/s的速率顺时针转动.将一袋质量为10kg的大米无初速度放在/1端，到达8端后，米袋继续沿倾斜的局部运动，不计米袋在留处的机械能损失.米袋与传送带间的动摩擦因数均为0.5,=IOms2,cos370=0.8,求：

11、(1)假设切局部传送带不运转，米袋能否运动到端？(2)假设要米袋能被送到端，切局部顺时针运转的最小速度为多大？1 .解析：超支是指物体对支持物(或悬挂物)的压力(或拉力)变大，但玄力不变，故B、C错，D对；物体处于趣重状态时，其加速度是向上的，而速度方向不确定，故A错.答案：D2 .解析：木箱薛止时物块对箱项有压力，那么物块受到顶向下的压力，当物块对箱顶刚好无压力时，说明系统有向上的加速度，是超支，BD正碉.答案：BD支持力大于整体的重力，C对.答案：C4 .解析：如图，车加速时，球的位置不变，那么 AB绳拉力沿盘直方向的分力仍为FneOs。，且等于重 力G,即Iti-CoS0，故尸TI不变.

12、向右的加速度只能 是由BC羯上增加的拉力提供，故产T2增加，所以D 正碉.答案：D5 .解析：假设摩擦力与拉力同向，那么F+/= fnab, fmaa,解得/=7=0.1 N;假设摩擦力与拉力反向, 解得/=0.2 N, F=0.1 N,所以 B、C、D 正确.FTl SI F cos 1X-JcB F7H那么 fFmaat f=mab93 .解析：把物块与创面弄做是一个整体，如果整体处于平衡状态那么在竖直方向有地面的支持力与重力大小相等，根据牛蟆第三定律有钥面对地面的压力大小等于整体的重力，可得到尸2=尸4,B、D错；由于“沿号面向下做匀加速，处于失重状态，那么有地面对整体的支椅力小于重力，

13、而C做匀成速处于趣重状态，那么有答案产”M12.解析：设两物体与地面间的动摩擦因数为t根据滑动摩擦力公式和平衡条件，对A、3整体有：ng（mg产SinO）=尸cos剪断轻绳以后，设物体A在水平地面上滑行的距离为s,有M”Ig=Ina抗=2S联解方程，代入数据得:(2 mg-Fsin6)roS= = = 1.4 m.ZgFcosff13.解析：（1）米袋在AB局部加速时的加速度o=g=5ms2米袋的速度到达加=5m/s时，滑行的距离So=M2.5mSA=3m,因此未袋到达B点的速度为uo=5m/sCP局部不运转，米袋在C。局部的加速度大小设为“，有mgsin+IWgCOs。=ma得=10ms2米

14、袋能滑上的最大距离S=W=L25m4.45m故米袋不能运动到。端.（2）设CD局部运转速度为。时米袋恰能到达D端（即米袋到达D点时速度恰好为零），那么米袋速度减为。之前的加速度大小为=gsin37ogcos370=IOmZs2米袋速度小于。后所受摩擦力沿传送带向上,继续匀减速运动直到速度减为本，该阶段加速度大小为O2=gsin370-gcos37o=2ms2VV7?2由运动学公式得七一+=4工5mLdLdi解得f=4m/s即臬把米袋送到D点，CD局部的最小速度为4m/s.点评，分析传送带类问题的关键是找准临界情况和正确运用运动学公式.当物体与传送带速度相等时，此时物体受到的摩擦力会发生突变，有时是摩擦力的大小发生突变（传送带水平放置），有时是摩擦力的方向发生突变（传送带假斜放置）.